C++ 코딩테스트 강좌, 회의실 배정하기

회의실 배정하기

문제 설명

N개의 회의가 진행되어야 하고, 각각의 회의는 시작 시간과 끝 시간을 가집니다.
이 회의들 중에서 최대한 많은 회의를 진행하기 위해 회의실을 어떻게 배정할 것인가?
즉, 회의들이 겹치지 않도록 회의실을 배정하는 알고리즘을 구현해야 합니다.

입력: 각 회의의 시작 시간과 끝 시간을 가진 리스트가 주어진다.
예를 들어, [(0, 30), (5, 10), (15, 20)]과 같은 형태의 리스트가 있을 수 있다.

출력: 최대 배정 가능한 회의 수를 출력한다.

문제 접근 방법

이 문제는 대표적인 그리디 알고리즘 문제입니다.
회의의 종료 시간을 기준으로 정렬한 후,
가장 빨리 끝나는 회의부터 진행하고 다음 회의를 선택하는 방식을 사용합니다.

이렇게 하면 회의가 겹치지 않도록 최적의 회의 배정을 할 수 있습니다.
각 회의의 시작 시간이 이전 회의의 끝 시간보다 크거나 같은 경우에만 회의를 진행할 수 있습니다.

단계별 해결 과정

  1. 모든 회의 정보를 입력받는다.
  2. 회의를 종료 시간 기준으로 정렬한다.
  3. 최대 회의 수를 세기 위해 변수를 초기화한다.
  4. 회의를 순회하면서 가능하면 회의를 추가한다.
  5. 총 배정 가능한 회의 수를 출력한다.

C++ 코드 구현

#include 
#include 
#include 

using namespace std;

// 회의 정보를 위한 구조체
struct Meeting {
    int start;
    int end;
};

// 회의 종료 시간을 기준으로 정렬하는 함수
bool compare(Meeting m1, Meeting m2) {
    return m1.end < m2.end;
}

// 회의실 배정 함수
int maxMeetings(vector &meetings) {
    // 종료 시간 기준으로 정렬
    sort(meetings.begin(), meetings.end(), compare);
    
    int count = 0;
    int lastEndTime = 0;

    for (const auto &meeting : meetings) {
        if (meeting.start >= lastEndTime) {
            // 회의 진행
            count++;
            lastEndTime = meeting.end; // 마지막 종료 시간 업데이트
        }
    }

    return count;
}

int main() {
    vector meetings = {{0, 30}, {5, 10}, {15, 20}};
    
    int result = maxMeetings(meetings);
    
    cout << "최대 배정 가능한 회의 수: " << result << endl;
    return 0;
}
    

각 단계에 대한 설명

첫 번째로, 구조체를 사용하여 회의의 시작 시간과 종료 시간을 저장합니다.
그리디 알고리즘에서 중요한 점은 각 회의를 종료 시간 순으로 정렬해야 한다는 것입니다.

정렬 후, 반복문을 통해 각 회의를 확인합니다.
만약 이전 회의의 종료 시간보다 현재 회의의 시작 시간이 크거나 같다면,
이 회의를 진행할 수 있으므로 카운트를 증가시키고 마지막 종료 시간을 업데이트합니다.

모든 회의를 확인한 이후 최종적으로 카운트한 값이 최대 배정 가능한 회의 수가 됩니다.

테스트 케이스

위 코드를 테스트하기 위해 몇 가지 테스트 케이스를 만들어 볼 수 있습니다.

vector test1 = {{1, 3}, {2, 5}, {4, 6}}; // 예상 결과: 2
vector test2 = {{1, 10}, {2, 3}, {4, 5}, {6, 8}}; // 예상 결과: 3
vector test3 = {{1, 2}, {3, 4}, {5, 6}}; // 예상 결과: 3
    

각 테스트 케이스를 실행하여 기대하는 결과와 비교하여
코드가 올바르게 작동하는지 검증할 수 있습니다.

결론

이번 강좌에서는 C++를 이용한 회의실 배정하기 문제를 해결하는 방법을 알아보았습니다.
그리디 알고리즘이 어떻게 최적의 해법을 제공하는지를 이해하고,
여러 회의의 시작과 종료 시간을 고려하여 최대한 많은 회의를 배정할 수 있음을 보여주었습니다.

여러분도 이 알고리즘을 이해하고 응용하여 더 복잡한 문제를 해결해 보시기 바랍니다.
다양한 알고리즘 문제를 푸는 습관이 여러분의 코딩 실력을 향상시킬 것입니다.

C++ 코딩테스트 강좌, 효율적으로 해킹하기

문제 설명

주어진 정수 배열이 있을 때, 이를 두 개의 부분집합으로 나누어 각각의 합이 동일하게 만들 수 있는지 여부를 확인하는 프로그램을 작성하시오.

이 문제는 ‘부분 집합 합 문제'(Subset Sum Problem)에 해당합니다. 이 문제는 동적 프로그래밍(Dynamic Programming)을 사용하여 해결할 수 있습니다.

입력 형식

  • 첫 번째 줄에 배열의 크기 N (1 ≤ N ≤ 20)이 주어진다.
  • 두 번째 줄에 배열의 N개의 정수 (각각의 정수는 0 이상 10000 이하)가 주어진다.

출력 형식

부분집합을 나눌 수 있으면 “YES”를, 불가능하면 “NO”를 출력한다.

예제 입력

        4
        1 5 11 5
        

예제 출력

        YES
        

문제 해결 접근법

이 문제를 해결하기 위해서는 먼저 다음 단계를 따라야 합니다:

  1. 입력 배열의 합을 계산합니다.
  2. 합이 홀수인 경우, 두 부분집합의 합이 같을 수 없으므로 “NO”를 반환합니다.
  3. 합이 짝수인 경우, 목표값을 합의 절반으로 설정하고 이를 달성할 수 있는지 판단하기 위해 동적 프로그래밍을 사용할 수 있습니다.
  4. 상태 테이블을 설정하고, 각 숫자가 목표값을 만드는 데 사용될 수 있는지 확인합니다.

C++ 코드

#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;

bool canPartition(vector<int>& arr) {
    int sum = 0;
    for (int num : arr) sum += num;
    if (sum % 2 != 0) return false;

    int target = sum / 2;
    vector<bool> dp(target + 1, false);
    dp[0] = true;

    for (int num : arr) {
        for (int j = target; j >= num; j--) {
            dp[j] = dp[j] || dp[j - num];
        }
    }

    return dp[target];
}

int main() {
    int N;
    cin >> N;
    vector<int> arr(N);
    for (int i = 0; i < N; i++) {
        cin >> arr[i];
    }
    
    cout << (canPartition(arr) ? "YES" : "NO") << endl;
    return 0;
}
        

코드 설명

위의 코드는 다음과 같은 방식으로 작동합니다:

  1. 먼저 숫자 배열의 총합을 계산합니다.
  2. 합이 홀수인지 확인합니다. 홀수라면 “NO”를 반환합니다.
  3. 합이 짝수이면, 목표값을 합의 절반으로 설정하고 동적 프로그래밍 배열을 초기화합니다.
  4. 각 숫자를 반복하면서 목표값에 이를 만들 수 있는지 확인합니다.
  5. 결과적으로 목표값을 만들 수 있으면 “YES”, 그렇지 않으면 “NO”를 출력합니다.

시간 복잡도

이 알고리즘의 시간 복잡도는 O(N * target)입니다. 여기서 N은 입력 숫자의 개수이고, target은 입력 배열의 총합의 절반입니다. 이로 인해 서로 다른 부분집합을 생성하기 위해 사용될 수 있는 연산의 수가 결정됩니다.

마무리

여기까지가 부분 집합 합 문제의 코드와 설명입니다. 이와 같은 알고리즘 문제는 코딩 테스트에서 자주 출제되는 유형이므로, 자주 연습해 보는 것이 좋습니다. 다음 강좌에서는 좀 더 복잡한 문제들과 그 해결 방법에 대해 다루어 보겠습니다.

질문과 피드백

작성한 코드나 이해가 어려운 부분에 대해 궁금한 점이 있으면 언제든지 댓글로 남겨주세요!

C++ 코딩테스트 강좌, 행렬 곱 연산 횟수의 최솟값 구하기

문제 설명

여러 개의 행렬이 주어졌을 때, 이 행렬들을 곱하는 과정에서 필요한 연산 횟수를 최소화하는 방법을 찾는 문제가 있습니다.
행렬 A의 크기가 pq이고 행렬 B의 크기가 qr일 때, 이 두 행렬을 곱하는 데 필요한 연산 횟수는 p * q * r입니다.
우리는 주어진 여러 개의 행렬을 곱할 때 전체적인 곱셈 연산 횟수를 최소화하도록 행렬의 곱셈 순서를 결정해야 합니다.

문제 정의

다음과 같은 n개의 행렬 크기가 주어질 때, 이 행렬들을 곱하는 과정에서의 최소 곱셈 연산 횟수를 구하세요.

입력

  • 첫 줄에 행렬의 개수 n (1 ≤ n ≤ 100) 이 주어집니다.
  • 다음 n줄에 각각의 행렬 크기 p_i × q_i가 주어집니다.

출력

행렬을 곱하는 데 필요한 최소 연산 횟수를 출력하세요.

예제

입력:

    3
    10 20
    20 30
    30 10
    
출력:

    3000
    

문제 풀이 과정

1. 기본 개념 이해

행렬 곱셈은 두 행렬의 차원에 따라 결정됩니다. 행렬 A (p×q)와 행렬 B (q×r)를 곱하면 결과는 행렬 C (p×r)가 됩니다.
이때 필요한 연산 횟수는 p * q * r입니다. 만약 여러 개의 행렬이 주어졌을 경우, 최적의 곱셈 순서를 찾는 것이 중요합니다.

2. 동적 계획법(Dynamic Programming) 활용

이 문제는 동적 계획법을 통해 해결할 수 있습니다. 행렬 곱셈의 최적 순서를 결정하기 위해 DP 테이블을 구성할 수 있습니다.
dp[i][j]i번째 행렬부터 j번째 행렬까지 곱할 때 필요한 최소 연산 횟수로 설정합니다.

3. DP 테이블 채우기

1. dp[i][i] = 0 (자기 자신과 곱하는 경우에는 연산이 필요하지 않으므로)
2. 두 개 이상의 행렬을 곱할 때, 중간에 있는 행렬을 기준으로 나누어 계산합니다.
3. 행렬 곱 순서는 다음과 같이 결정됩니다.

for length from 2 to n:
    for i from 1 to n-length+1:
        j = i + length - 1
        dp[i][j] = ∞
        for k from i to j-1:
            cost = dp[i][k] + dp[k+1][j] + dimensions[i-1]*dimensions[k]*dimensions[j]
            dp[i][j] = min(dp[i][j], cost)

4. 파이썬 구현 및 C++ 코드

위의 알고리즘을 C++로 구현해보도록 하겠습니다.

#include 
#include 
#include 

using namespace std;

int main() {
    int n;
    cin >> n;
    vector dimensions(n + 1);
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        int p, q;
        cin >> p >> q;
        dimensions[i] = p;
        if (i == n - 1) dimensions[i + 1] = q; // 마지막 행렬의 열 수
    }

    vector> dp(n, vector(n, 0));

    for (int length = 2; length <= n; length++) {
        for (int i = 0; i < n - length + 1; i++) {
            int j = i + length - 1;
            dp[i][j] = INT_MAX;
            for (int k = i; k < j; k++) {
                int cost = dp[i][k] + dp[k + 1][j] + dimensions[i] * dimensions[k + 1] * dimensions[j + 1];
                dp[i][j] = min(dp[i][j], cost);
            }
        }
    }

    cout << dp[0][n - 1] << endl;
    return 0;
}

5. 시간 복잡도

이 알고리즘의 시간 복잡도는 O(n^3)입니다. 이는 행렬의 개수가 n일 때, 모든 가능한 연산 순서를 고려해야 하므로 발생하는 복잡도입니다.

6. 결론

행렬 곱 연산의 최소화 문제는 동적 계획법을 통해 효율적으로 해결할 수 있습니다.
이 문제는 알고리즘 문제 해결 능력을 키우는 데 매우 유용하며, 다양한 분야에서 활용될 수 있는 중요한 주제입니다.
C++를 통해 이 문제를 구현해보면서 알고리즘의 개념을 더욱 깊이 이해하고, 실제 코딩 테스트에서 적용할 수 있는 능력을 기를 수 있습니다.

7. 참고 자료

C++ 코딩테스트 강좌, 확장 유클리드 호제법

서론

현대 개발 환경에서는 수많은 문제를 해결하기 위해 다양한 알고리즘이 필요합니다. 그 중에서도 수학적 기법을 활용한 알고리즘, 특히 “확장 유클리드 호제법(Extended Euclidean Algorithm)”은 매우 유용한 도구입니다. 이 강좌에서는 확장 유클리드 호제법의 이론과 코딩테스트에서 자주 등장하는 문제를 통해 깊이 있게 다루어 보겠습니다. 이 내용을 통해 확장 유클리드 호제법을 체계적으로 이해하고 C++을 활용하여 실전 문제를 해결하는 능력을 기를 수 있게 될 것입니다.

확장 유클리드 호제법이란?

유클리드 호제법은 두 정수 a, b의 최대공약수(GCD)를 구하는 알고리즘입니다. 확장 유클리드 호제법은 여기에서 나아가 a와 b의 GCD를 구하는 동시에, 그 GCD를 a와 b의 선형 조합으로 표현할 수 있는 정수 x, y를 찾는 방법입니다.

수학적으로, 이를 표현하면 다음과 같습니다:

gcd(a, b) = ax + by

여기서 x와 y는 정수이고, gcd(a, b)는 a와 b의 최대공약수를 나타냅니다.

확장 유클리드 호제법의 필요성

확장 유클리드 호제법은 주로 다음과 같은 문제를 해결하는 데 필요합니다:

  • 모듈러 곱셈 역원 계산
  • 선형 디오판 방정식 해결
  • 암호 알고리즘 및 해시 알고리즘에서의 응용

문제 정의

이제 확장 유클리드 호제법을 활용한 알고리즘 문제를 정의해 보겠습니다. 문제는 다음과 같습니다:

주어진 두 정수 a와 b에 대해, 그들의 최대공약수와 함께 a와 b의 선형 조합으로 표현하는 정수 x와 y를 구하시오.

예를 들어, a = 30, b = 21일 경우, 최대공약수는 3이며, 이를 30과 21의 선형 조합으로 표현하면 다음과 같은 결과를 얻을 수 있습니다:

3 = 1 * 30 + (-1) * 21

문제 해결 과정

1. 알고리즘 설계

확장 유클리드 호제법의 기본 아이디어는 유클리드 호제법을 확장하여 최대공약수와 함께 필요한 x, y를 계산하는 것입니다. 아래와 같은 방식으로 알고리즘을 설계할 수 있습니다:

  1. 최대공약수와 더불어 x와 y값을 계산하기 위해 재귀적으로 함수를 호출합니다.
  2. 두 수 a와 b를 사용하여 다음과 같은 관계를 설정합니다:

    gcd(a, b) = gcd(b, a % b)

  3. 기저 사례로는 b가 0일 때, gcd(a, 0) = a이며 x=1, y=0으로 설정합니다.
  4. 재귀 호출 후에는 x와 y를 업데이트하여 선형 조합을 구합니다.

2. C++ 구현

다음은 위의 알고리즘을 C++로 구현한 코드입니다:


#include <iostream>

using namespace std;

// 확장 유클리드 호제법
int extended_gcd(int a, int b, int &x, int &y) {
    // 기저 사례
    if (b == 0) {
        x = 1;
        y = 0;
        return a;
    }
    
    int x1, y1; // 재귀 호출 후의 값
    int gcd = extended_gcd(b, a % b, x1, y1);
    
    // x와 y 업데이트
    x = y1;
    y = x1 - (a / b) * y1;
    
    return gcd;
}

int main() {
    int a, b;
    int x, y;
    
    cout << "두 수를 입력하세요 (a b): ";
    cin >> a >> b;
    
    int gcd = extended_gcd(a, b, x, y);
    
    cout << "최대공약수: " << gcd << endl;
    cout << "x: " << x <<, " y: " << y << endl;
    
    return 0;
}
        

3. 코드 설명

위 코드는 주어진 두 수 a와 b에 대해 확장 유클리드 호제법을 구현하여 최대공약수와 x, y를 반환합니다.

  • extended_gcd 함수: 두 수와 x, y를 인자로 받아 최대공약수와 x, y 값을 계산합니다.
  • main 함수: 사용자로부터 두 수를 입력받아 extended_gcd 함수를 호출하고 결과를 출력합니다.

테스트 케이스

구현한 알고리즘을 테스트하기 위해 여러 가지 테스트 케이스를 사용해 보겠습니다. 예를 들어:

a b 최대공약수 (GCD) x y
30 21 3 1 -1
48 18 6 1 -2
56 15 1 -2 7

결론

이번 강좌에서는 확장 유클리드 호제법의 이론과 C++을 활용한 문제 풀이 과정을 살펴보았습니다. 확장 유클리드 호제법은 최대공약수를 구하는 데 그치지 않고, 다양한 수학적 문제를 해결하는 데 널리 사용될 수 있습니다. 이러한 기본적인 이론을 바탕으로 더 복잡한 알고리즘 문제도 해결할 수 있는 능력을 기르시길 바랍니다.

C++ 코딩테스트 강좌, 플로이드-워셜

알고리즘 문제 해결을 위한 강좌에 오신 것을 환영합니다. 오늘의 주제는 ‘플로이드-워셜 알고리즘’입니다.
이 알고리즘은 모든 쌍의 최단 경로를 찾는 데 사용됩니다. 즉, 그래프 내의 모든 노드 쌍 간의 최단 경로를 구하는 데 유용합니다.
이 알고리즘은 특히 중간에 다른 노드를 경유할 수 있는 경우에 유용합니다.
이 글을 통해 문제를 해결하는 과정을 깊이 있게 알아보겠습니다.

문제 설명

주어진 N개의 노드와 M개의 간선으로 이루어진 방향 그래프가 있습니다.
각 간선은 두 노드 간의 거리(비용)를 나타냅니다.
모든 노드 쌍에 대해 최단 거리를 구하는 프로그램을 작성하세요.

입력:

  1. 첫 번째 줄에 노드의 개수 N과 간선의 개수 M이 주어진다.
  2. 다음 M줄에는 간선의 정보가 주어진다. 각 줄은 u v w로 주어지며, 이는 노드 u에서 노드 v까지 가는 간선의 가중치 w를 나타낸다.

출력:

  • N개의 노드 간의 최단 경로를 NxN 행렬 형태로 출력한다. 만약 두 노드 간에 경로가 없다면 INF로 출력한다.

입력 예시

4 7
1 2 3
1 3 5
2 3 1
2 4 2
3 4 2
1 4 10
4 1 7

출력 예시

0 3 4 5
INF 0 1 2
INF INF 0 2
7 INF INF 0

알고리즘 설명

플로이드-워셜 알고리즘은 동적 프로그래밍을 사용하여 모든 쌍의 최단 경로를 계산합니다.
이 알고리즘의 핵심 아이디어는 다음과 같습니다:

  • 초기 상태로 각 노드 간의 거리를 설정합니다. 직접 연결된 노드는 그 간선의 가중치로 설정하고, 연결되지 않은 노드는 INF로 설정합니다.
  • 각 노드 k를 중간 노드로 사용하여, 모든 노드 i에서 노드 j로 가는 최단 경로를 갱신합니다.
    즉, dist[i][j] = min(dist[i][j], dist[i][k] + dist[k][j])를 사용합니다.
  • 이 과정을 K번 반복하여 모든 쌍의 최단 경로를 찾습니다.

C++ 코드 구현

이제 위의 알고리즘을 C++로 구현해 보겠습니다:

#include 
#include 
#include 
using namespace std;

const int INF = INT_MAX;
const int MAX = 100;

int main() {
    int N, M;
    cin >> N >> M;
    
    vector> dist(MAX, vector(MAX, INF));

    // 초기화
    for (int i = 1; i <= N; i++) {
        dist[i][i] = 0;
    }

    // 간선 정보 입력
    for (int i = 0; i < M; i++) {
        int u, v, w;
        cin >> u >> v >> w;
        dist[u][v] = min(dist[u][v], w); // 여러 간선일 경우 최솟값 선택
    }

    // 플로이드-워셜 알고리즘
    for (int k = 1; k <= N; k++) {
        for (int i = 1; i <= N; i++) {
            for (int j = 1; j <= N; j++) {
                if (dist[i][k] != INF && dist[k][j] != INF) {
                    dist[i][j] = min(dist[i][j], dist[i][k] + dist[k][j]);
                }
            }
        }
    }

    // 결과 출력
    for (int i = 1; i <= N; i++) {
        for (int j = 1; j <= N; j++) {
            if (dist[i][j] == INF) cout << "INF ";
            else cout << dist[i][j] << " ";
        }
        cout << endl;
    }
    
    return 0;
}

코드 설명

위의 코드는 다음과 같은 단계로 구성되어 있습니다:

  1. 변수 선언: 노드와 간선의 개수를 입력받기 위해 int N, M; 변수를 선언합니다.
    인피니티 값을 위해 const int INF = INT_MAX;를 사용합니다.
  2. 거리 배열 초기화: 크기가 100인 2차원 벡터 dist를 INF로 초기화합니다.
    자기 자신과의 거리는 0으로 setting합니다.
  3. 간선 정보 입력: M개의 간선에 대한 정보를 입력받고
    dist[u][v]를 적절하게 업데이트합니다.
  4. 최단 경로 업데이트: 플로이드-워셜 알고리즘의 핵심인 3중 루프를 통해
    중간 노드 k를 사용하여 최단 경로를 업데이트합니다.
  5. 결과 출력: 최단 경로 행렬을 출력합니다.
    경로가 없는 경우 INF로 출력합니다.

결론

플로이드-워셜 알고리즘은 모든 쌍의 최단 경로를 찾는 강력한 도구입니다.
이 알고리즘은 그래프의 모든 노드 연결 상태를 고려하여 최적의 경로를 찾기 때문에,
특히 다양한 노드 간의 최단 경로를 필요로 하는 여러 상황에서 유용하게 활용됩니다.
코딩 테스트와 같은 알고리즘 문제 풀이에 있어 좋은 연습이 될 것입니다. 알고리즘을 공부하여 성공적인 코딩 테스트를 준비하시기 바랍니다!

추가 자료

더 많은 알고리즘 및 문제를 풀어보고 싶으시다면 아래의 자료들을 참고하시기 바랍니다: